2014高考数列题_14年高考数学数列

1.怎么求等比数列，和等差数列的和

2.高考数列裂项求和

3.高考在数列{An}中，A1=1,An=2[A(n-1)-1]+n（n大于等于2，且为正整数） 证明：数列{An+n}是等比数列.

4.一道数列题

5.求 高考数列各种主要题型

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问题描述:

四人进行篮球传球练习，要求每人接球后再传给别人。开始由甲发球，并作为第一次传球，若第五次传球后，球又回到甲手中，则共有传球方式多少种？

答案：60种。

请教高手解答，谢谢。

解析:

1楼解法可行,只是没解释清楚

其实他的意思是总的可能减去第四次球在甲手中的可能（甲不能传给自己）。而第四次在甲手中又意味着第三次不在甲手中，所以第四次在甲手中的可能数是三次的总的可能减去第三次在甲手中的可能。然后类推。。。

3楼思路有点混乱，第二次不可能在甲手里。。。

以下是我的做法：

其实可以把题目理解成第4次不传给甲的方法有几种(因为第4次不传给甲第5次就能传给甲)

然后从头起传4次球

每次传出去有几条路线就*几。

第一次是3条路线:

3

第二次是2种可能,传给甲1条路线和没传给甲2条路线:

3*(1+2)

第三次如果是球从甲手中传出有3条路线,而不从甲手中传出又有2种传球可能,同第二次:

3*(1*3+2*(1+2))

第四次不能传给甲,若球从甲手中传出就有3天路线,否则就只有2条路线:

3*(1*3*2+2*(1*3+2*2))

所以得:3*(1*3*2+2*(1*3+2*2))=3*(6+2*7)=3*20=60

怎么求等比数列，和等差数列的和

　 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．

　1．在等差数列{an}中，若a1＋a2＋a12＋a13＝24，则a7为( )

　A．6 B．7 C．8 D．9

　解析：∵a1＋a2＋a12＋a13＝4a7＝24，∴a7＝6.

　答案：A

　2．若等差数列{an}的前n项和为Sn，且满足S33－S22＝1，则数列{an}的公差是( )

　A.12 B．1 C．2 D．3

　解析：由Sn＝na1＋n(n－1)2d，得S3＝3a1＋3d，S2＝2a1＋d，代入S33－S22＝1，得d＝2，故选C.

　答案：C

　3．已知数列a1＝1，a2＝5，an＋2＝an＋1－an(n∈N*)，则a2 011等于( )

　A．1 B．－4 C．4 D．5

　解析：由已知，得a1＝1，a2＝5，a3＝4，a4＝－1，a5＝－5，a6＝－4，a7＝1，a8＝5，…

　故{an}是以6为周期的数列，

　∴a2 011＝a6×335＋1＝a1＝1.

　答案：A

　4．设{an}是等差数列，Sn是其前n项和，且S5＜S6，S6＝S7＞S8，则下列结论错误的是( )

　A．d＜0 B．a7＝0

　C．S9＞S5 D．S6与S7均为Sn的最大值

　解析：∵S5＜S6，∴a6＞0.S6＝S7，∴a7＝0.

　又S7＞S8，∴a8＜0.

　假设S9＞S5，则a6＋a7＋a8＋a9＞0，即2(a7＋a8)＞0.

　∵a7＝0，a8＜0，∴a7＋a8＜0.假设不成立，故S9＜S5.∴C错误.

　答案：C

　5．设数列{an}是等比数列，其前n项和为Sn，若S3＝3a3，则公比q的值为( )

　A．－12 B.12

　C．1或－12 D．－2或12[

　解析：设首项为a1，公比为q，

　则当q＝1时，S3＝3a1＝3a3，适合题意．

　当q≠1时，a1(1－q3)1－q＝3a1q2，

　∴1－q3＝3q2－3q3，即1＋q＋q2＝3q2,2q2－q－1＝0，

　解得q＝1(舍去)，或q＝－12.

　综上，q＝1，或q＝－12.

　答案：C

　6．若数列{an}的通项公式an＝5 252n－2－425n－1，数列{an}的最大项为第x项，最小项为第y项，则x＋y等于( )

　A．3 B．4 C．5 D．6

　解析：an＝5252n－2－425n－1＝525n－1－252－45，

　∴n＝2时，an最小；n＝1时，an最大．

　此时x＝1，y＝2，∴x＋y＝3.

　答案：A

　7．数列{an}中，a1 ＝15,3an＋1＝ 3an－2(n∈N *)，则该数列中相邻两项的乘积是负数的是( )

　A．a21a22 B．a22a23 C．a23a24 D．a24a25

　解析：∵3an＋1＝3an－2，

　∴an＋1－an＝－23，即公差d＝－23.

　∴an＝a1＋(n－1)d＝15－23(n－1)．

　令an＞0，即15－23(n－1)＞0，解得n＜23.5.

　又n∈N*，∴n≤23，∴a23＞0，而a24＜0，∴a23a24＜0.

　答案：C

　8．某工厂去年产值为a，计划今后5年内每年比上年产值增加10%，则从今年起到第5年，这个厂的总产值为( )

　A．1.14a B．1.15a

　C．11×(1.15－1)a D．10×(1.16－1)a

　解析：由已知，得每年产值构成等比数列a1＝a，w

　an＝a(1＋10%)n－1(1≤n≤6)．

　∴总产值为S6－a1＝11×(1.15－1)a.

　答案：C

　9．已知正数组成的等差数列{an}的前20项的和为100，那么a7a14的最大值为( )

　A．25 B．50 C．1 00 D．不存在

　解析：由S20＝100，得a1＋a20＝10. ∴a7＋a14＝10.

　又a7＞0，a14＞0，∴a7a14≤a7＋a1422＝25.

　答案：A

　10．设数列{an}是首项为m，公比为q(q≠0)的等比数列，Sn是它的前n项和，对任意的n∈N*，点an，S2nSn( )

　A．在直线mx＋qy－q＝0上

　B．在直线qx－my＋m＝0上

　C．在直线qx＋my－q＝0上

　D．不一定在一条直线上

　解析：an＝mqn－1＝x， ①S2nSn＝m(1－q2n)1－qm(1－qn)1－q＝1＋qn＝y， ②

　由②得qn＝y－1，代入①得x＝mq(y－1)， 即qx－my＋m＝0.

　答案：B

　11．将以2为首项的偶数数列，按下列分组：(2)，(4,6)，(8,10,12)，…，第n组有n个数，则第n组的首项为( )

　A．n2－n B．n2＋n＋2

　C．n2＋n D．n2－n＋2

　解析：因为前n－1组占用了数列2,4,6，…的前1＋2＋3＋…＋(n－1)＝(n－1)n2项，所以第n组的首项为数列2,4,6，…的第(n－1)n2＋1项，等于2＋(n－1)n2＋1－12＝n2－n＋2.

　答案：D

　12．设m∈N*，log2m的整数部分用F(m)表示，则F(1)＋F(2)＋…＋F(1 024)的值是( )

　A．8 204 B．8 192

　C．9 218 D．以上都不对

　解析：依题意，F(1)＝0，

　F(2)＝F(3)＝1，有2 个

　F(4)＝F(5)＝F(6)＝F(7)＝2，有22个．

　F(8)＝…＝F(15)＝3，有23个．

　F(16)＝…＝F(31)＝4，有24个．

　…

　F(512)＝…＝F(1 023)＝9，有29个．

　F(1 024)＝10，有1个．

　故F(1)＋F(2)＋…＋F(1 024)＝0＋1×2＋2×22＋3×23＋…＋9×29＋10.

　令T＝1×2＋2×22＋3×23＋…＋9×29，①

　则2T＝1×22＋2×23＋…＋8×29＋9×210.②

　①－②，得－T＝2＋22＋23＋…＋29－9×210 ＝

　2(1－29)1－2－9×210＝210－2－9×210＝－8×210－2，

　∴T＝8×210＋2＝8 194， m]

　∴F(1)＋F(2)＋…＋F(1 024)＝8 194＋10＝8 204.

　答案：A

　第Ⅱ卷 (非选择 共90分)

　 二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分 ，共20分．

　13．若数列{an} 满足关系a1＝2，an＋1＝3an＋2，该数 列的通项公式为__________．

　解析：∵an＋1＝3an＋2两边加上1得，an＋1＋1＝3(an＋1)，

　∴{an＋1}是以a1＋1＝3为首项，以3为公比的等比数列，

　∴an＋1＝33n－1＝3n，∴an＝3n－1.

　答案：an＝3n－1

　14．已知公差不为零的等差数列{an}中，M＝anan＋3，N＝an＋1an＋2，则M与N的大小关系是__________．

　解析：设{an}的公差为d，则d≠0.

　M－N＝an(an＋3d)－[(an＋d)(an＋2d)]

　＝an2＋3dan－an2－3dan－2d2＝－2d2＜0，∴M＜N.

　答案：M＜N

　15．在数列{an}中，a1＝6，且对任意大于1的正整数n，点(an，an－1)在直线x－y＝6上，则数列{ann3(n＋1)}的前n项和Sn＝__________.

　解析：∵点(an，an－1)在直线x－y＝6上，

　∴an－an－1＝6，即数列{an}为等差数列．

　∴an＝a1＋6(n－1)＝6＋6(n－1)＝6n，

　∴an＝6n2.

　∴ann3(n＋1)＝6n2n3(n＋1)＝6n(n＋1)＝61n－1n＋1

　∴Sn＝61－12＋12－13＋…＋1n－1n＋1.＝61－1n＋1＝6nn＋1.

　答案：6nn＋1

　16．观察下表：

　1

　2 3 4

　3 4 5 6 7

　4 5 6 7 8 9 10

　…

　则第__________行的各数之和等于2 0092.

　解析：设第n行的各数之和等于2 0092，

　则此行是一个首项a1＝n，项数为2n－1，公差为1的等差数列．

　故S＝n×(2n－1)＋(2n－1)(2n－2)2＝2 0092， 解得n＝1 005.

　答案：1 005

　 三、解答题：本大题共6小题，共70分．

　17．(10分)已知数列{an}中，a1＝12，an＋1＝12an＋1(n∈N*)，令bn＝an－2.

　(1)求证：{bn}是等比数列，并求bn；

　(2)求通项an并求{an}的前n项和Sn.

　解析：(1)∵bn＋1bn＝an＋1－2an－2＝12an＋1－2an－2＝12an－1an－2＝12，

　∴{bn}是等比数列．

　∵b1＝a1－2＝－32，

　∴bn＝b1qn－1＝－32×12n－1＝－32n.

　(2)an＝bn＋2＝－32n＋2，

　Sn＝a1＋a2＋…＋an

　＝－32＋2＋－322＋2＋－323＋2＋…＋－32n＋2

　＝－3×12＋122＋…＋12n＋2n＝－3×12×1－12n1－12＋2n＝32n＋2n－3.

　18．(12分)若数列{an}的前n项和Sn＝2n.

　(1)求{an}的通项公式；

　(2)若数列{bn}满足b1＝－1，bn＋1＝bn＋(2n－1)，且cn＝anbnn，求数列{cn}的通项公式及其前n项和Tn.

　解析：(1)由题意Sn＝2n，

　得Sn－1＝2n－1(n≥2)，

　两式相减，得an＝2n－2n－1＝2n－1(n≥2)．

　当n＝1时，21－1＝1≠S1＝a1＝2.

　∴an＝2 (n＝1)，2n－1 (n≥2).

　(2)∵bn＋1＝bn＋(2n－1)，

　∴b2－b1＝1，

　b3－b2＝3，

　b4－b3＝5，

　…

　bn－bn－1＝2n－3.

　以上各式相加，得

　bn－b1＝1＋3＋5＋…＋(2n－3)

　＝(n－1)(1＋2n－3)2＝(n－1)2.

　∵b1＝－1，∴bn＝n2－2n，

　∴cn＝－2 (n＝1)，(n－2)×2n－1 (n≥2)，

　∴Tn＝－2＋0×21＋1×22＋2×23＋…＋(n－2)×2n－1，

　∴2Tn＝－4＋0×22＋1×23＋2×24＋…＋(n－2)×2n.

　∴－Tn＝2＋22＋23＋…＋2n－1－(n－2)×2n

　＝2(1－2n－1)1－2－(n－2)×2n

　＝2n－2－(n－2)×2n

　＝－2－(n－3)×2n.

　∴Tn＝2＋(n－3)×2n.

　19．(12分)已知等差数列{an}的前n项和为Sn，公差d≠0，且S3＋S5＝50，a1，a4，a13成等比数列．

　(1)求数列{an}的通项公式；

　(2)若从数列{an}中依次取出第2项，第4项，第8项，…，第2n项，…，按原来顺序组成一个新数列{bn}，记该数列的前n项和为Tn，求Tn的表达式．

　解析：(1)依题意，得

　3a1＋3×22d＋5a1＋5×42d＝50，(a1＋3d)2＝a1(a1＋12d)，解得a1＝3，d＝2.

　∴an＝a1＋(n－1)d＝3＋2(n－1)＝2n＋1，

　即an＝2n＋1.

　(2)由已知，得bn＝a2n＝2×2n＋1＝2n＋1＋1，

　∴Tn＝b1＋b2＋…＋bn

　＝(22＋1)＋(23＋1)＋…＋(2n＋1＋1)

　＝4(1－2n)1－2＋n＝2n＋2－4＋n.

　20．(12分)设数列{an}的前n项和为Sn，且ban－2n＝(b－1)Sn.

　(1)证明：当b＝2时，{an－n2n－1}是等比数列；

　(2)求通项an. 新 课 标 第 一 网

　解析：由题意知，a1＝2，且ban－2n＝(b－1)Sn，

　ban＋1－2n＋1＝(b－1)Sn＋1，

　两式相减，得b(an＋1－an)－2n＝(b－1)an＋1，

　即an＋1＝ban＋2n.①

　(1)当b＝2时，由①知，an＋1＝2an＋2n.

　于是an＋1－(n＋1)2n＝2an＋2n－(n＋1)2n

　＝2an－n2n－1.

　又a1－ 120＝1≠0，

　∴{an－n2n－1}是首项为1，公比为2的等比数列．

　(2)当b＝2时，

　由(1)知，an－n2n－1＝2n－1，即an＝(n＋1)2n－1

　当b≠2时，由①得

　an ＋1－12－b2n＋1＝ban＋2n－12－b2n＋1＝ban－b2－b2n

　＝ban－12－b2n，

　因此an＋1－12－b2n＋1＝ban－12－b2n＝2(1－b)2－bbn.

　得an＝2， n＝1，12－b[2n＋(2－2b)bn－1]， n≥2.

　21．(12分)某地在抗洪抢险中接到预报，24小时后又一个超最高水位的洪峰到达，为保证万无一失，抗洪指挥部决定在24小时内另筑起一道堤作为第二道防线．经计算，如果有 20辆大型翻斗车同时作业25小时，可以筑起第二道防线，但是除了现有的一辆车可以立即投入作业外，其余车辆需从各处紧急抽调，每隔20分钟就有一辆车到达并投入．问指挥部至少还需组织多少辆车这样陆续，才能保证24小时内完成第二道防线，请说明理由．

　解析：设从现有这辆车投入工作算起，各车的工作时间依次组成数列{an}，则an－an－1＝－13.

　所以各车的工作时间构成首项为24，公差为－13的等差数列，由题知，24小时内最多可抽调72辆车．

　设还需组织(n－1)辆车，则

　a1＋a2＋…＋an＝24n＋n(n－1)2×－13≥20×25.

　所以n2－145n＋3 000≤0，

　解得25≤n≤120，且n≤73.

　所以nmin＝25，n－1＝24.

　故至少还需组织24辆车陆续工作，才能保证在24小时内完成第二道防线．

　22．(12分)已知点集L＝{(x，y)y＝mn}，其中m＝(2x－2b,1)，n＝(1,1＋2b)，点列Pn(an，bn)在点集L中，P1为L的轨迹与y轴的交点，已知数列{an}为等差数列，且公差为1，n∈N*.

　(1)求数列{an}，{bn}的通项公式；

　(3)设cn＝5nanPnPn＋1(n≥2)，求c2＋c3＋c4＋…＋cn的值．

　解析：(1)由y＝mn，m＝(2x－2b,1)，n＝(1,1＋2b)，

　得y＝2x＋1，即L：y＝2x＋1.

　∵P1为L的轨迹与y轴的交点，

　∴P1(0,1)，则a1＝0，b1＝1.

　∵数列{an}为等差数列，且公差为1，

　∴an＝n－1(n∈N*) ．

　代入y＝2x＋1，得bn＝2n－1(n∈N*)．

　(2)∵Pn(n－1,2n－1)，∴Pn＋1(n,2n＋1)．

　＝5n2－n－1＝5n－1102－2120.

　∵n∈N*，

　(3)当n≥2时，Pn(n－1,2n－1)，

　∴c2＋c3＋…＋cn

　＝1－12＋12－13＋…＋1n－1－1n＝1－1n.

高考数列裂项求和

以下为 等差与等比数列和数列求和的基本方法和技巧 文本内容，如需完整资源请下载。

高考专题复习三——等差与等比数列

等差与等比数列是最重要且应用广泛的有通项公式的数列，在高考中占有重要地位，成为每年必考的重点内容，这部分内容的基础知识有：等差、等比数列的定义及通项公式，前几项和公式以及等差、等比数列的性质，在解决有关等差，等比数列问题时，要注意运用方程的思想和函数思想以及整体的观点，培养分析问题与解决问题的能力。

考纲要求：掌握等差数列与等比数列的概念，通项公式，前几项和公式并能运用知识解决一些问题。

一、知识结构与要点：

等差、等比数列的性质推广

定义

通项 —等差中项 abc成等差

基本概念 推广

前n项和

等差数列

当d>0(<0) 时{为递增（减）数列

当d=0时为常数

基本性质 与首末两端等距离的项之和均相等

中共成等差则也成等

定义:

通项 等比中项：a b c成等比数列

基本概念 推广

前n项和

等比数列

与首末两端等距离的两项之积相等

成等比，若 成等差 则 成等比

基本性质 当 或 时 {为递增数列

当 或 时 {为递减数列

当 q<0时 {为摆动数列

当 q=1时 {为常数数列

二、典型例题

例1．在等差数列中 求

解法一

那么

解法二：由

点评：在等差数列中，由条件不能具体求出和d，但可以求出 与d的组合式，而所求的量往往可以用这个组合式表示，那么用“整体代值”的方法将值求出

（2）利用：将所求量化为已知量也是“整体代值”的思想，它比用和 d表示更简捷。

例2．等差数列前m项和为30，前2m项和为100，则它的前3m项和为

解法一 用方程的思想，由条件知

也成等数列

由②Χ2-①得

代入

解：在等差数列中由性质知 成等差数列

解法三 等差数列中

即为以为首项公差为的等差数列 依题意条件知

成等差

点评：三种解法从不同角度反映等差数列所具有的特性，运用方程的方法、性质或构造新的等差数列都是数列中解决问题的常用方法且有价值，对解决某些问题极为方便。

例3 在等比数列中 求

分析：在等比数列中对于 五个量一般“知三求二”其中首项5元比是关键，

因此

解法一

又

则

解法二: 而

代入 中得

故

点评：根据等比数列定义运用方程的方法解决数列问题常用解法二更为简捷。

例4．在等差数列 中 等比数列中

则

解：

点评：此题也可以把和d 看成两个未知数，通过 列方程，联立解之d= 。再求出 但计算较繁，运用计算较为方便。

例5．设等差数列 前n项和为已知

（1）求公差d的范围 （2）指出中哪一个值最大，并说明理由

解：（1）由题义有

由 则代入上式有

(2d<0 所以最小时最大 当时

所以 当n=6 时最小 故 最大

点评：本题解法体现了函数思想在处理数列问题中的运用，判断数列随N增大而变化规律的方法与判断函数增减性的方法相同。

例6 已知a>0 数列是首项5元比都为a的等比数列，(n如果数列中每一项总小于它后面的项，求a的取值范围。

解：由已知有 所以

因此由题意 对任意 成立 即

即 对任总成立，由 知

那么 由 a>0 知 或

即（Ⅰ） 或 （Ⅱ）

由Ⅰ知 a>1 中Ⅱ 为递增的函数 所以

故a的取值范围为或 a>1

点评：这是道数列与不等式综合的题目，既含有字母分类讨论又要运用极限的思想和函数最值的观点来解决问题，同时还要判断函数 的单调性，具有一定的综合性。

高考专题复习三——数列求和的基本方法和技巧

数列是高中代数的重要内容，又是学习高等数学的基础. 在高考和各种数学竞赛中都占有重要的地位. 数列求和是数列的重要内容之一，除了等差数列和等比数列有求和公式外，大部分数列的求和都需要一定的技巧. 下面，就几个历届高考数学和数学竞赛试题来谈谈数列求和的基本方法和技巧.

一、利用常用求和公式求和

利用下列常用求和公式求和是数列求和的最基本最重要的方法.

等差数列求和公式：

2、等比数列求和公式：

3、

4、

5、

[例1] 已知，求的前n项和.

解：由 由等比数列求和公式得

（利用常用公式）＝＝＝1－

[例2] 设Sn＝1+2+3+…+n，n∈N*,求的最大值.

解：由等差数列求和公式得 ， （利用常用公式）

∴ ＝＝＝

∴当，即n＝8

二、错位相减法求和

这种方法是在推导等比数列的前n项和公式时所用的方法，这种方法主要用于求数列{an·　bn}的前n项和，其中{ an }、{ bn }分别是等差数列和等比数列.

[例3] 求和：………………①

解：由题可知，{}的通项是等差数列{2n－1}{}的通项之积

设……. ②（设制错位）

①－②得 （错位相减）

再利用等比数列的求和公式得：

∴

[例4] 求数列前n项的和.

解：由题可知，{}的通项是等差数列{2n}的通项与等比数列{}的通项之积

设………………①

………………②（设制错位）

①－②得（错位相减）

∴

三、反序相加法求和

这是推导等差数列的前n项和公式时所用的方法，就是将一个数列倒过来排列（反序），再把它与原数列相加，就可以得到n个.

[例5] 求证：

证明： 设………①

把①式右边倒转过来得

（反序）

又由可得 ……..②

①+②得 （反序相加）∴

[例6] 求的值

解：设…①

将①式右边反序得

…②（反序）

又因为 ①+②得（反序相加）

＝89 ∴ S＝44.5

四、分组法求和

有一类数列，既不是等差数列，也不是等比数列，若将这类数列适当拆开，可分为几个等差、等比或常见的数列，然后分别求和，再将其合并即可.

[例7] 求数列的前n项和：，…

解：设 将其每一项拆开再重新组合得

（分组）

当a＝1＝（分组求和）

当时，＝

[例8] 求数列{n(n+1)(2n+1)}的前n项和.

解：设 ∴＝

将其每一项拆开再重新组合得

Sn＝（分组）＝＝（分组求和）＝

五、裂项法求和

这是分解与组合思想在数列求和中的具体应用. 裂项法的实质是将数列中的每项（通项）分解，然后重新组合，使之能消去一些项，最终达到求和的目的. 通项分解（裂项）如：

（1） （2）

（3） （4）

（5）

(6)

[例9] 求数列的前n项和.

解：设 （裂项）

则 （裂项求和）

＝＝

[例10] 在数列{an}中，，又，求数列{bn}的前n项的和.

解：∵ ∴ （裂项）

∴ 数列{bn}的前n项和

（裂项求和）＝＝

[例11] 求证：

解：设

由 （裂项）

∴ （裂项求和）

＝

＝＝＝ ∴原等式成立

六、合并法求和

针对一些特殊的数列，将某些项合并在一起就具有某种特殊的性质，因此，在求数列的和时，可将这些项放在一起先求和，然后再求Sn.

[例12] 求cos1°+ cos2°+ cos3°+···+ cos178°+ cos179°的值.

解：设Sn＝ cos1 cos2°+ cos3°+···+ cos178°+ cos179°

∵（找特殊性质项）

∴Sn＝cos1°+cos179°）+（cos2°+cos178°）+（cos3°+cos177°）+···+（cos89°+cos91°）+cos90°（合并求和）＝0

[例13] 数列{an}：，求S2002.

解：设S2002＝

由可得

……

∵（找特殊性质项）

∴S2002＝ （合并求和）

＝

＝

＝

＝5

[例14] 在各项均为正数的等比数列中，若的值.

解：设

由等比数列的性质 （找特殊性质项）

和对数的运算性质 得

（合并求和）

＝

＝

＝10

七、利用数列的通项求和

先根据数列的结构及特征进行分析，找出数列的通项及其特征，然后再利用数列的通项揭示的规律来求数列的前n项和，是一个重要的方法.

[例15] 求之和.

解：由于 （找通项及特征）

∴

＝（分组求和）

＝＝＝

[例16]已知数列{an}：的值.

解：∵ （找通项及特征）

＝（设制分组）

＝ （裂项）

∴ （分组、裂项求和）

＝＝

高考专题复习练习三——等差与等比数列

1(北京)已知数列中，，为数列的前n项和，且与的一个等比中项为，则的值为（ ）

（A） （B） （C） （D）1

2（黄冈）在等差数列{an}中，a1 + a2 + … + a50 = 200，a51 + a52 + … + a100 = 2700，则a1等于（ ）

（A）－1221 （B）－21.5 （C）－20.5 （D）－20

3（合肥）数列满足 若，则（ ）

(A) (B) (C) (D)

4（北京）在数列中，则此数列前4项之和为中， ，公差d<0，前n项和是，则有（ ）

（A） （B） （C） （D）

6(北京)等差数列{a n}中，已知，a2＋a5=4，a n =33，则n为（ ）

A、48 B、49 C、50 D、51

满足是首项为1，公比为2的等比数列，则_________________。

8、已知数，则的值依次是_________________，=___________________.

9、若数列满足，且，则的值为______________。

10、（天津）设数列是等差数列，且a2a4+a4a6+a6a2=1，，则a10 =____________．

11、在等差数列｛an｝中，a1=,第10项开始比1大，则公差d的取值范围是___________.

12、（本题满分14分）

已知函数f (x)=－3x＋3，x∈

(1)求f (x)的反函数y=g (x)；

(2)在数列{a n}中，a1=1，a2=g (a1)，a3=g (a2) ，…an=g (an－1)

求证：数列是等比数列. (3)解关于n的不等式：12分）

已知数列的首项（a是常数），（）．

（Ⅰ）是否可能是等差数列.若可能，求出的通项公式；若不可能，说明理由；

（Ⅱ）设，（），为数列的前n项和，且是等比数列，求实数a、b满足的条件．

高考专题复习练习三——等差与等比数列答案

1.D 2.C 3.B 4.A 5.A 6.C 7. 8. 1 9.102 10．

11.

高考在数列{An}中，A1=1,An=2[A(n-1)-1]+n（n大于等于2，且为正整数） 证明：数列{An+n}是等比数列.

看不清原题的第1问，但从你算的第二问看，4n/(2n-1)(2n+1)=1/（2n-1)+1/(2n+1)没错啊，再结合前面-1的整数指数幂刚好，满足相邻项的累加抵消，如你所算有：

（1/1+1/3）+（-1/3-1/5）+（1/5+1/7）+...+（-1）…+(-1)^(n-1)(1/（2n-1)+1/(2n+1))

=1+(-1)^(n-1)(1/(2n+1)).

一道数列题

证明:两边同时加n得：An+n=2A(n-1)-2+2n

即An+n=2A(n-1)+2（n-1）

所以得（An+n）/[A(n-1)+（n-1）]=2

所以{An+n}是以2为首项，2为公比的等比数列

（1）an+n=2的n次幂

an=2的n次幂-n

(2)sn=2+2的2次+2的三次+...+2的n次—（1+2+3+4+....+n）

=2（2的n次-1）-1/2·n(1+n)

求 高考数列各种主要题型

(1)

An=2A(n-1)+2^n;

2A(n-1)=2^2A(n-2)+2^n;

2^2A(n-2)=2^3A(n-3)+2^n;

…………………………;

2^(n-2)A2=2^(n-1)A1+2^n;

2^(n-1)A1=2^n;

将上面的一系列式子左右相加得到

An=n*2^n

所以Bn=An/2^n=n，显然为等差数列（自然数列）

(2)

AiCni=i*2^iCni=i*2^i*[n!/(i!(n-i)!)]

=2^i*[n!/((i-1)!(n-i)!)]

=2^i*n*[(n-1)!/((i-1)!(n-i)!)]

=2^i*n*C(n-1)(i-1). (i=1,2,…n)

所以

A1Cn1+A2Cn2+…+AnCnn

=n*{2C(n-1)0+2^2*C(n-1)1+…+2^n*C(n-1)(n-1)}

=2n*{C(n-1)0+2*C(n-1)1+…+2^(n-1)*C(n-1)(n-1)}

=2n*(1+2)^(n-1)

=2n*3^(n-1)

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